דילוג לתוכן המרכזי

מתכונת 9 בכימיה - שיווי משקל, פולימרים וכימיה פיזיקלית 037282

5 יח"ל (30%) · נבחני משנה ואקסטרניים · שאלון 037282 · 6 שאלות · 2 שעות

מבחן מתכונת בכימיה, שיווי משקל, פולימרים וכימיה פיזיקלית, במבנה של בחינת הבגרות ולפי מיקוד תשפ"ז. כל שאלה בו בנויה כמו שאלה מבגרות אחרת. לכל סעיף יש תשובה ופתרון מלא - פתרו בזמן של הבחינה, ורק אחר כך פתחו את הפתרונות.

מבנה המתכונת

מבנה המתכונת: שש שאלות, שתיים מכל פרק (שיווי משקל ואנטרופיה; פולימרים; כימיה פיזיקלית). יש לענות על 3 שאלות כלשהן, 33⅓ נקודות לכל שאלה. משך: שעתיים.

פרק ראשון – שיווי משקל כימי ואנטרופיה

שאלה 1 · תגובת אתין עם מימן – לחץ, אנטרופיה וקבוע שיווי משקל בשתי טמפרטורות

שאלה פתוחה33⅓ נקודות

השאלה עוסקת בתגובה (1), שבה אתין (אצטילן), C2H2(g)\text{C}_2\text{H}_{2(g)} , מגיב עם מימן, H2(g)\text{H}_{2(g)} , ונוצר אתאן, C2H6(g)\text{C}_2\text{H}_{6(g)} :

(1) C2H2(g)+2H2(g)⇌C2H6(g)ΔH10=−311 kJ\quad \text{C}_2\text{H}_{2(g)} + 2\text{H}_{2(g)} \rightleftharpoons \text{C}_2\text{H}_{6(g)} \qquad \Delta H^{0}_{1} = -311\ \text{kJ}

במעבדה ביצעו את תגובה (1) בנוכחות זרז בשני כלים סגורים, A ו־ B . נפחו של כל כלי היה 1 ליטר.

לכל אחד מן הכלים הריקים הכניסו 0.50 מול של אתין ו־ 1.40 מול של מימן.

כל אחד מן הכלים הוחזק בטמפרטורה קבועה.

הטמפרטורה בכלי A הייתה נמוכה מן הטמפרטורה בכלי B .

הגרפים I ו־ II שלפניך מתארים את ההשתנות של ריכוזי המגיבים עם הזמן בכלים A ו־ B .

א.
(i)

קבע אם הלחץ בכל אחד מן הכלים עלה, ירד או לא השתנה מתחילת התגובה עד השגת מצב של שיווי־משקל. נמק כל קביעה.

(ii)

קבע אם במהלך תגובה (1) האנטרופיה של המערכת עלתה או ירדה. הסבר ברמה מיקרוסקופית.

(iii)

קבע אם במהלך תגובה (1) האנטרופיה של הסביבה עלתה או ירדה. נמק.

ב.

עבור המערכת המתוארת בגרף II:

(i)

חשב את הריכוז של אתאן, C2H6(g)\text{C}_2\text{H}_{6(g)} , במצב שיווי־משקל. פרט את חישוביך.

(ii)

רשום את הביטוי של קבוע שיווי המשקל עבור תגובה (1) , וחשב את ערכו. פרט את חישוביך.

ג.

קבוע שיווי המשקל של המערכת הנמצאת בכלי A גדול מקבוע שיווי המשקל של המערכת הנמצאת בכלי B .

קבע איזה גרף, I או II , מתאים למערכת הנמצאת בכלי A . נמק.

ד.

בדקה ה־ 12 העלו את הטמפרטורה בכלי A . לאחר זמן מה הגיעה המערכת למצב שיווי־משקל חדש.

קבע אם במצב שיווי המשקל החדש הריכוז של C2H6(g)\text{C}_2\text{H}_{6(g)} בכלי A היה גבוה מן הריכוז של C2H6(g)\text{C}_2\text{H}_{6(g)} בשיווי המשקל הקודם, נמוך ממנו או שווה לו. נמק.

◂ פתרון מלא לשאלה 1

סעיף א

(i)
תשובה:

בכל אחד מן הכלים A ו־B הלחץ ירד.

קביעה: בכל אחד מן הכלים הלחץ ירד.

לפי תגובה (1), מכל 3 מול גז של מגיבים (1 mol C2H21\ \text{mol}\ \text{C}_2\text{H}_2 ו־ 2 mol H22\ \text{mol}\ \text{H}_2) נוצר 1 מול גז של תוצר (1 mol C2H61\ \text{mol}\ \text{C}_2\text{H}_6). לכן בשני הכלים, עם התקדמות התגובה עד שיווי המשקל, מספר מולי הגז הכולל קטן.

בנפח קבוע (1 ליטר) ובטמפרטורה קבועה הלחץ תלוי רק במספר מולי הגז: פחות חלקיקי גז – פחות התנגשויות בדפנות הכלי ביחידת זמן – לחץ נמוך יותר.

מהגרפים: בהתחלה הריכוז הכולל של הגזים הוא 0.50+1.40=1.90 molL0.50 + 1.40 = 1.90\ \frac{\text{mol}}{\text{L}}; בשיווי משקל בגרף I הוא 0.10+0.60+0.40=1.10 molL0.10 + 0.60 + 0.40 = 1.10\ \frac{\text{mol}}{\text{L}} ובגרף II הוא 0.20+0.80+0.30=1.30 molL0.20 + 0.80 + 0.30 = 1.30\ \frac{\text{mol}}{\text{L}} (ריכוזי האתאן מחושבים בסעיפים ב ו־ג). בשני הכלים הריכוז הכולל של הגזים קטן, ולכן הלחץ ירד.

(ii)
תשובה:

האנטרופיה של המערכת ירדה.

קביעה: האנטרופיה של המערכת ירדה (ΔSמערכת<0\Delta S_{\text{מערכת}} < 0).

כל החומרים בתגובה (1) הם גזים, ובמהלך התגובה מספר מולקולות הגז קטן: מכל 3 מולקולות של מגיבים נוצרת מולקולה אחת של תוצר.

ברמה המיקרוסקופית: כשמספר חלקיקי הגז קטן, קטן מספר המצבים המיקרוסקופיים האפשריים – מספר האפשרויות לפיזור החלקיקים בנפח הכלי ולפיזור האנרגיה ביניהם. לכן האנטרופיה, שהיא מדד לפיזור האנרגיה והחלקיקים, קטנה.

(iii)
תשובה:

האנטרופיה של הסביבה עלתה.

קביעה: האנטרופיה של הסביבה עלתה (ΔSסביבה>0\Delta S_{\text{סביבה}} > 0).

תגובה (1) אקסותרמית (ΔH10=−311 kJ<0\Delta H^{0}_{1} = -311\ \text{kJ} < 0), ולכן המערכת מוסרת חום לסביבה. קליטת החום מגבירה את תנועת חלקיקי הסביבה ואת פיזור האנרגיה בה, והאנטרופיה של הסביבה עולה:

ΔSסביבה0=−ΔH0T>0כי ΔH0<0\Delta S^{0}_{\text{סביבה}} = -\frac{\Delta H^{0}}{T} > 0 \quad \text{כי}\ \Delta H^{0} < 0

סעיף ב

(i)
תשובה:

[C2H6]=0.30 molL[\text{C}_2\text{H}_6] = 0.30\ \frac{\text{mol}}{\text{L}}

הריכוזים ההתחלתיים (כלי של 1 ליטר): [C2H2]0=0.50 mol1 L=0.50 molL[\text{C}_2\text{H}_2]_0 = \frac{0.50\ \text{mol}}{1\ \text{L}} = 0.50\ \frac{\text{mol}}{\text{L}} , [H2]0=1.40 mol1 L=1.40 molL[\text{H}_2]_0 = \frac{1.40\ \text{mol}}{1\ \text{L}} = 1.40\ \frac{\text{mol}}{\text{L}} .

מגרף II קוראים את הריכוזים בשיווי משקל (מ־4 דקות ואילך הם קבועים): [C2H2]=0.20 molL[\text{C}_2\text{H}_2] = 0.20\ \frac{\text{mol}}{\text{L}} , [H2]=0.80 molL[\text{H}_2] = 0.80\ \frac{\text{mol}}{\text{L}} .

C2H2(g)\text{C}_2\text{H}_{2(g)}H2(g)\text{H}_{2(g)}C2H6(g)\text{C}_2\text{H}_{6(g)}
ריכוז התחלתי (molL)\left(\frac{\text{mol}}{\text{L}}\right)0.501.400
שינוי (molL)\left(\frac{\text{mol}}{\text{L}}\right)−0.30-0.30−0.60-0.60+0.30+0.30
ריכוז בשיווי משקל (molL)\left(\frac{\text{mol}}{\text{L}}\right)0.200.800.30

ירידת ריכוז האתין: 0.50 molL−0.20 molL=0.30 molL0.50\ \frac{\text{mol}}{\text{L}} - 0.20\ \frac{\text{mol}}{\text{L}} = 0.30\ \frac{\text{mol}}{\text{L}} .

(בדיקה: ירידת ריכוז המימן היא 1.40−0.80=0.60 molL1.40 - 0.80 = 0.60\ \frac{\text{mol}}{\text{L}} – פי 2, בהתאם ליחס המולים 1:21:2.)

לפי יחס המולים בתגובה, C2H2:C2H6=1:1\text{C}_2\text{H}_2 : \text{C}_2\text{H}_6 = 1 : 1 , ולכן:

[C2H6]=0.30 molL[\text{C}_2\text{H}_6] = 0.30\ \frac{\text{mol}}{\text{L}}
(ii)
תשובה:

Kc=[C2H6][C2H2]⋅[H2]2≈2.3 (Lmol)2K_c = \frac{[\text{C}_2\text{H}_6]}{[\text{C}_2\text{H}_2]\cdot[\text{H}_2]^2} \approx 2.3\ \left(\frac{\text{L}}{\text{mol}}\right)^2

Kc=[C2H6(g)][C2H2(g)]⋅[H2(g)]2K_c = \frac{[\text{C}_2\text{H}_{6(g)}]}{[\text{C}_2\text{H}_{2(g)}]\cdot[\text{H}_{2(g)}]^2}

הצבה של ריכוזי שיווי המשקל (גרף II):

Kc=0.30 molL0.20 molL⋅(0.80 molL)2=0.300.20⋅0.64≈2.3 (Lmol)2K_c = \frac{0.30\ \frac{\text{mol}}{\text{L}}}{0.20\ \frac{\text{mol}}{\text{L}} \cdot \left(0.80\ \frac{\text{mol}}{\text{L}}\right)^2} = \frac{0.30}{0.20 \cdot 0.64} \approx 2.3\ \left(\frac{\text{L}}{\text{mol}}\right)^{2}

(הערך המחושב הוא 2.342.34; יחידות KcK_c: (molL)1−3=(Lmol)2\left(\frac{\text{mol}}{\text{L}}\right)^{1-3} = \left(\frac{\text{L}}{\text{mol}}\right)^{2}.)

טעות נפוצה: לשכוח את החזקה 2 של ריכוז המימן.

סעיף ג

תשובה:

גרף I (בו Kc≈11K_c \approx 11, גדול מ־ Kc≈2.3K_c \approx 2.3 של גרף II).

קביעה: גרף I מתאים למערכת בכלי A.

נחשב את קבוע שיווי המשקל של המערכת בגרף I. מהגרף, בשיווי משקל: [C2H2]=0.10 molL[\text{C}_2\text{H}_2] = 0.10\ \frac{\text{mol}}{\text{L}} , [H2]=0.60 molL[\text{H}_2] = 0.60\ \frac{\text{mol}}{\text{L}} .

ירידת ריכוז האתין: 0.50−0.10=0.40 molL0.50 - 0.10 = 0.40\ \frac{\text{mol}}{\text{L}} (וירידת ריכוז המימן: 1.40−0.60=0.80 molL1.40 - 0.60 = 0.80\ \frac{\text{mol}}{\text{L}} , פי 2), ולכן [C2H6]=0.40 molL[\text{C}_2\text{H}_6] = 0.40\ \frac{\text{mol}}{\text{L}} .

Kc(I)=0.40 molL0.10 molL⋅(0.60 molL)2=0.400.10⋅0.36≈11 (Lmol)2K_c(\text{I}) = \frac{0.40\ \frac{\text{mol}}{\text{L}}}{0.10\ \frac{\text{mol}}{\text{L}} \cdot \left(0.60\ \frac{\text{mol}}{\text{L}}\right)^2} = \frac{0.40}{0.10 \cdot 0.36} \approx 11\ \left(\frac{\text{L}}{\text{mol}}\right)^{2}

Kc(I)≈11.1K_c(\text{I}) \approx 11.1 גדול מ־ Kc(II)≈2.3K_c(\text{II}) \approx 2.3 (סעיף ב ii): מאותם ריכוזים התחלתיים, בגרף I נותרו בשיווי משקל פחות מגיבים ונוצר יותר תוצר.

נתון שקבוע שיווי המשקל בכלי A גדול מזה שבכלי B, ולכן גרף I מתאים לכלי A (וגרף II – לכלי B).

הדבר מתאים לעקרון לה־שטלייה: התגובה הישירה אקסותרמית, ולכן בטמפרטורה הנמוכה (כלי A) קבוע שיווי המשקל גדול יותר.

סעיף ד

תשובה:

נמוך יותר – התגובה הישירה אקסותרמית, ובחימום שיווי המשקל נע לכיוון המגיבים (KcK_c קטן).

קביעה: בשיווי המשקל החדש ריכוז C2H6(g)\text{C}_2\text{H}_{6(g)} בכלי A נמוך מריכוזו בשיווי המשקל הקודם.

התגובה הישירה (1) אקסותרמית (ΔH10=−311 kJ\Delta H^{0}_{1} = -311\ \text{kJ}), ולכן התגובה ההפוכה אנדותרמית.

לפי עקרון לה־שטלייה, העלאת הטמפרטורה גורמת למערכת להגיב בכיוון שבו נקלט חום – כיוון התגובה ההפוכה. חלק מהאתאן מתפרק לאתין ולמימן עד שמתקבל שיווי משקל חדש.

במונחי KcK_c: בתגובה אקסותרמית העלאת הטמפרטורה מקטינה את KcK_c. ברגע החימום QQ שווה ל־ KcK_c הקודם, ולכן Q>KcQ > K_c החדש, והמערכת מתקדמת בכיוון ההפוך עד ש־ Q=KcQ = K_c החדש. לכן ריכוז האתאן בשיווי המשקל החדש נמוך יותר.

שאלה 2 · מי חמצן והידרזין כדלק טילים – אנטרופיה, אנתלפיה וספונטניות

שאלה פתוחה33⅓ נקודות

ענה על הסעיפים א, ב, ג, ועל אחד מן הסעיפים ד או ה.

מי חמצן מרוכזים, H2O2(l)\text{H}_2\text{O}_{2(l)} , והידרזין, N2H4(l)\text{N}_2\text{H}_{4(l)} , שימשו בעבר כדלק טילים: התגובה ביניהם פולטת כמות גדולה של אנרגייה ויוצרת גזים בלבד.

בטבלה שלפניך מוצגים ערכים תרמודינמיים של חמישה מן החומרים המשתתפים בתגובות (1) ו־(2).

החומרO2(g)\text{O}_{2(g)}H2O(l)\text{H}_2\text{O}_{(l)}H2O(g)\text{H}_2\text{O}_{(g)}N2(g)\text{N}_{2(g)}N2H4(l)\text{N}_2\text{H}_{4(l)}
**האנטרופיה התקנית,** S0S^0 (JK⋅mol)\left(\frac{\text{J}}{\text{K}\cdot\text{mol}}\right)20570189191121
**אנתלפיית ההתהוות התקנית,** ΔHf0\Delta H^0_f (kJmol)\left(\frac{\text{kJ}}{\text{mol}}\right)0−286-286−242-2420+51+51

תגובה (1) מתארת את התפרקות מי החמצן:

(1) 2H2O2(l)→2H2O(l)+O2(g)ΔSמערכת0=125 JK\quad 2\text{H}_2\text{O}_{2(l)} \rightarrow 2\text{H}_2\text{O}_{(l)} + \text{O}_{2(g)} \qquad \Delta S^0_{מערכת}=125\ \frac{\text{J}}{\text{K}}

א.

קבע עבור כל אחד מן ההיגדים i ו־ ii אם הוא נכון או לא נכון. נמק.

(i)

בתגובה אקסותרמית האנטרופיה של הסביבה עולה.

(ii)

תגובה שבה האנטרופיה של המערכת יורדת, ΔSמערכת0<0\Delta S^0_{מערכת}<0 , אינה יכולה להיות ספונטנית.

ב.

היעזר בנתונים שבטבלה ובתגובה (1) וחשב את האנטרופיה התקנית, S0S^0 , של H2O2(l)\text{H}_2\text{O}_{2(l)} .

פרט את חישוביך.

ג.

תגובה (2) מתארת את התגובה בין הידרזין למי חמצן:

(2) N2H4(l)+2H2O2(l)→N2(g)+4H2O(g)ΔH(2)0\quad \text{N}_2\text{H}_{4(l)} + 2\text{H}_2\text{O}_{2(l)} \rightarrow \text{N}_{2(g)} + 4\text{H}_2\text{O}_{(g)} \qquad \Delta H^0_{(2)}

בטמפרטורת החדר, 298 K298\ \text{K} , השינוי באנטרופיה של הסביבה בתגובה (2) הוא ΔSסביבה0=2158 JK\Delta S^0_{סביבה}=2158\ \frac{\text{J}}{\text{K}}

(i)

קבע אם תגובה (2) היא אנדותרמית או אקסותרמית. נמק ללא חישובים.

(ii)

חשב את שינוי האנתלפייה, ΔH(2)0\Delta H^0_{(2)} , עבור תגובה (2) . פרט את חישוביך.

(iii)

היעזר בנתונים שבטבלה ובתשובתך בסעיף ב, וחשב את שינוי האנטרופיה של המערכת, ΔSמערכת0\Delta S^0_{מערכת} , עבור תגובה (2) . פרט את חישוביך.

(iv)

תגובה (2) ספונטנית בטמפרטורת החדר. הסבר עובדה זו.

ד.

סעיף ד הוא סעיף בחירה. אם תבחר לענות עליו, אל תענה על סעיף ה.

היעזר בנתונים שבטבלה ובתשובתך בתת־סעיף ג ii , וחשב את אנתלפיית ההתהוות התקנית, ΔHf0\Delta H^0_f , של H2O2(l)\text{H}_2\text{O}_{2(l)} . פרט את חישוביך.

ה.

סעיף ה הוא סעיף בחירה. אם תבחר לענות עליו, אל תענה על סעיף ד.

תגובה (3) מציגה אידוי של הידרזין:

(3) N2H4(l)→N2H4(g)ΔH(3)0\quad \text{N}_2\text{H}_{4(l)} \rightarrow \text{N}_2\text{H}_{4(g)} \qquad \Delta H^0_{(3)}

קבע איזו משתי דיאגרמות האנרגייה שלפניך, I או II , מציגה נכון את שתי התגובות: תגובה (2) ותגובה (3) .

נמק את קביעתך.

◂ פתרון מלא לשאלה 2

סעיף א

(i)
תשובה:

נכון.

ההיגד נכון. בתגובה אקסותרמית (ΔH0<0\Delta H^0<0) המערכת פולטת אנרגיה בצורת חום לסביבה. האנרגייה הנוספת מתפזרת בסביבה ומגדילה את מספר המצבים המיקרוסקופיים האפשריים בה, ולכן האנטרופיה של הסביבה עולה: ΔSסביבה0=−ΔH0T>0\Delta S^0_{סביבה}=-\dfrac{\Delta H^0}{T}>0.

(ii)
תשובה:

לא נכון.

ההיגד אינו נכון. הקריטריון לספונטניות הוא השינוי באנטרופיה של היקום, ולא של המערכת בלבד: ΔSיקום0=ΔSמערכת0+ΔSסביבה0>0\Delta S^0_{יקום}=\Delta S^0_{מערכת}+\Delta S^0_{סביבה}>0. אם התגובה אקסותרמית, האנטרופיה של הסביבה עולה, ואם עלייה זו גדולה בערכה המוחלט מהירידה באנטרופיה של המערכת – האנטרופיה של היקום עולה והתגובה ספונטנית (למשל, קפיאת מים מתחת ל־ 0∘C0^{\circ}\text{C}).

סעיף ב

תשובה:

SH2O20=110 JK⋅molS^0_{\text{H}_2\text{O}_2}=110\ \frac{\text{J}}{\text{K}\cdot\text{mol}}

ΔSמערכת0=∑Sתוצרים0−∑Sמגיבים0\Delta S^0_{מערכת}=\sum S^0_{תוצרים}-\sum S^0_{מגיבים}

סכום האנטרופיות של התוצרים בתגובה (1):

2 mol⋅70 JK⋅mol+1 mol⋅205 JK⋅mol=140 JK+205 JK=345 JK2\ \text{mol}\cdot 70\ \frac{\text{J}}{\text{K}\cdot\text{mol}}+1\ \text{mol}\cdot 205\ \frac{\text{J}}{\text{K}\cdot\text{mol}}=140\ \frac{\text{J}}{\text{K}}+205\ \frac{\text{J}}{\text{K}}=345\ \frac{\text{J}}{\text{K}}

הצבה:

125 JK=345 JK−2 mol⋅SH2O20125\ \frac{\text{J}}{\text{K}}=345\ \frac{\text{J}}{\text{K}}-2\ \text{mol}\cdot S^0_{\text{H}_2\text{O}_2}
SH2O20=345 JK−125 JK2 mol=110 JK⋅molS^0_{\text{H}_2\text{O}_2}=\frac{345\ \frac{\text{J}}{\text{K}}-125\ \frac{\text{J}}{\text{K}}}{2\ \text{mol}}=110\ \frac{\text{J}}{\text{K}\cdot\text{mol}}

טעות נפוצה: להשתמש בערך S0S^0 של מים במצב גז (189189) במקום של מים נוזליים (7070) – בתגובה (1) המים נוזליים.

סעיף ג

(i)
תשובה:

אקסותרמית.

קביעה: תגובה (2) אקסותרמית.

ΔSסביבה0=2158 JK>0\Delta S^0_{סביבה}=2158\ \frac{\text{J}}{\text{K}}>0: האנטרופיה של הסביבה עולה, כלומר הסביבה קולטת אנרגיה בצורת חום מן המערכת – המערכת פולטת חום, והתגובה אקסותרמית. לפי ΔSסביבה0=−ΔH0T\Delta S^0_{סביבה}=-\dfrac{\Delta H^0}{T}, כאשר ΔSסביבה0>0\Delta S^0_{סביבה}>0 ו־ T>0T>0, בהכרח ΔH0<0\Delta H^0<0.

(ii)
תשובה:

ΔH(2)0≈−643 kJ\Delta H^0_{(2)}\approx -643\ \text{kJ}

ΔSסביבה0=−ΔH(2)0T⇒ΔH(2)0=−T⋅ΔSסביבה0\Delta S^0_{סביבה}=-\frac{\Delta H^0_{(2)}}{T} \quad\Rightarrow\quad \Delta H^0_{(2)}=-T\cdot\Delta S^0_{סביבה}
ΔH(2)0=−298 K⋅2158 JK=−643,084 J≈−643 kJ\Delta H^0_{(2)}=-298\ \text{K}\cdot 2158\ \frac{\text{J}}{\text{K}}=-643{,}084\ \text{J}\approx -643\ \text{kJ}
(iii)
תשובה:

ΔSמערכת0=606 JK\Delta S^0_{מערכת}=606\ \frac{\text{J}}{\text{K}}

ΔSמערכת0=∑Sתוצרים0−∑Sמגיבים0\Delta S^0_{מערכת}=\sum S^0_{תוצרים}-\sum S^0_{מגיבים}

תוצרים:

1 mol⋅191 JK⋅mol+4 mol⋅189 JK⋅mol=191 JK+756 JK=947 JK1\ \text{mol}\cdot 191\ \frac{\text{J}}{\text{K}\cdot\text{mol}}+4\ \text{mol}\cdot 189\ \frac{\text{J}}{\text{K}\cdot\text{mol}}=191\ \frac{\text{J}}{\text{K}}+756\ \frac{\text{J}}{\text{K}}=947\ \frac{\text{J}}{\text{K}}

מגיבים (ערך H2O2\text{H}_2\text{O}_2 לפי סעיף ב):

1 mol⋅121 JK⋅mol+2 mol⋅110 JK⋅mol=121 JK+220 JK=341 JK1\ \text{mol}\cdot 121\ \frac{\text{J}}{\text{K}\cdot\text{mol}}+2\ \text{mol}\cdot 110\ \frac{\text{J}}{\text{K}\cdot\text{mol}}=121\ \frac{\text{J}}{\text{K}}+220\ \frac{\text{J}}{\text{K}}=341\ \frac{\text{J}}{\text{K}}
ΔSמערכת0=947 JK−341 JK=606 JK\Delta S^0_{מערכת}=947\ \frac{\text{J}}{\text{K}}-341\ \frac{\text{J}}{\text{K}}=606\ \frac{\text{J}}{\text{K}}
(iv)
תשובה:

ΔSיקום0=606+2158=2764 JK>0\Delta S^0_{יקום}=606+2158=2764\ \frac{\text{J}}{\text{K}}>0, ולכן התגובה ספונטנית.

לפי החוק השני של התרמודינמיקה, תהליך ספונטני הוא תהליך שבו האנטרופיה של היקום עולה (ΔSיקום0>0\Delta S^0_{יקום}>0).

ΔSיקום0=ΔSמערכת0+ΔSסביבה0=606 JK+2158 JK=2764 JK>0\Delta S^0_{יקום}=\Delta S^0_{מערכת}+\Delta S^0_{סביבה}=606\ \frac{\text{J}}{\text{K}}+2158\ \frac{\text{J}}{\text{K}}=2764\ \frac{\text{J}}{\text{K}}>0

האנטרופיה של המערכת עולה (מנוזלים נוצרים גזים: מספר מולי הגז גדל מ־ 0 ל־ 5), וגם האנטרופיה של הסביבה עולה (התגובה אקסותרמית). לכן האנטרופיה של היקום עולה, והתגובה ספונטנית.

סעיף ד

תשובה:

ΔHf0(H2O2(l))≈−188 kJmol\Delta H^0_f(\text{H}_2\text{O}_{2(l)})\approx -188\ \frac{\text{kJ}}{\text{mol}}

ΔH(2)0=∑ΔHf תוצרים0−∑ΔHf מגיבים0\Delta H^0_{(2)}=\sum \Delta H^0_{f\ תוצרים}-\sum \Delta H^0_{f\ מגיבים}

אנתלפיית ההתהוות של N2(g)\text{N}_{2(g)} (יסוד במצבו התקני) היא 0.

תוצרים:

1 mol⋅0+4 mol⋅(−242 kJmol)=−968 kJ1\ \text{mol}\cdot 0+4\ \text{mol}\cdot\left(-242\ \frac{\text{kJ}}{\text{mol}}\right)=-968\ \text{kJ}

מגיבים:

1 mol⋅(+51 kJmol)+2 mol⋅ΔHf0(H2O2)1\ \text{mol}\cdot\left(+51\ \frac{\text{kJ}}{\text{mol}}\right)+2\ \text{mol}\cdot\Delta H^0_f(\text{H}_2\text{O}_2)

הצבה:

−643 kJ=−968 kJ−[51 kJ+2 mol⋅ΔHf0(H2O2)]-643\ \text{kJ}=-968\ \text{kJ}-\left[51\ \text{kJ}+2\ \text{mol}\cdot\Delta H^0_f(\text{H}_2\text{O}_2)\right]
2 mol⋅ΔHf0(H2O2)=−968 kJ−51 kJ+643 kJ=−376 kJ2\ \text{mol}\cdot\Delta H^0_f(\text{H}_2\text{O}_2)=-968\ \text{kJ}-51\ \text{kJ}+643\ \text{kJ}=-376\ \text{kJ}
ΔHf0(H2O2)=−376 kJ2 mol=−188 kJmol\Delta H^0_f(\text{H}_2\text{O}_2)=\frac{-376\ \text{kJ}}{2\ \text{mol}}=-188\ \frac{\text{kJ}}{\text{mol}}

טעות נפוצה: להשתמש באנתלפיית ההתהוות של מים נוזליים (−286-286) – בתגובה (2) המים נוצרים במצב גז.

סעיף ה

תשובה:

דיאגרמה I.

קביעה: דיאגרמה I מציגה נכון את שתי התגובות.

- תגובה (2) אקסותרמית (ΔH(2)0≈−643 kJ<0\Delta H^0_{(2)}\approx-643\ \text{kJ}<0, סעיף ג): רמת התוצרים N2(g)+4H2O(g)\text{N}_{2(g)}+4\text{H}_2\text{O}_{(g)} נמוכה מרמת המגיבים N2H4(l)+2H2O2(l)\text{N}_2\text{H}_{4(l)}+2\text{H}_2\text{O}_{2(l)}, והחץ של ΔH(2)0\Delta H^0_{(2)} פונה כלפי מטה.

- תגובה (3), אידוי, היא תהליך אנדותרמי (ΔH(3)0>0\Delta H^0_{(3)}>0): במעבר מנוזל לגז יש להשקיע אנרגייה כדי להתגבר על הכוחות הבין־מולקולריים (קשרי מימן) בין מולקולות ההידרזין. לכן הרמה עם N2H4(g)\text{N}_2\text{H}_{4(g)} צריכה להיות מעל הרמה עם N2H4(l)\text{N}_2\text{H}_{4(l)}, והחץ של ΔH(3)0\Delta H^0_{(3)} פונה כלפי מעלה.

בדיאגרמה I שני התנאים מתקיימים. בדיאגרמה II הרמה עם N2H4(g)\text{N}_2\text{H}_{4(g)} נמצאת מתחת לרמה עם N2H4(l)\text{N}_2\text{H}_{4(l)} (חץ ΔH(3)0\Delta H^0_{(3)} פונה כלפי מטה), כלומר האידוי מוצג כתהליך אקסותרמי – שגוי.

פרק שני – פולימרים

שאלה 3 · פוליאתילן, PMMA ו-PVF – פלמור סיפוח, Tg, Tm וחדירות לגזים

שאלה פתוחה33⅓ נקודות

יש לענות על כל הסעיפים א, ב, ג, ד, ועל אחד מן הסעיפים ה או ו.

בטבלה שלפניכם מוצג מידע על שלושה פולימרים שלהם דרגות פלמור ממוצעות דומות.

הפולימרייצוג מקוצר לנוסחת מבנה של היחידה החוזרתטמפרטורת ההיתוך, Tm (∘^\circC)טמפרטורה זגוגית, Tg (∘^\circC)שימושים אחדים של הפולימר
פוליאתילן (PE)−CH2−CH2−-\text{CH}_2-\text{CH}_2-130–120שקיות, בקבוקים, מכלים
פולי(מתיל מתאקרילט) (PMMA, "זכוכית אקרילית")−CH2−C(CH3)(COOCH3)−-\text{CH}_2-\text{C}(\text{CH}_3)(\text{COOCH}_3)- (לאטום הפחמן השני בעמוד השדרה קשורות שתי קבוצות צדדיות: −CH3-\text{CH}_3 ו-−COOCH3-\text{COOCH}_3)אין – פולימר אמורפי105לוחות שקופים, עדשות, שלטים
פולי(ויניל פלואוריד) (PVF)−CH2−CHF−-\text{CH}_2-\text{CHF}-20040שכבות מגן בלוחות סולאריים, ציפויי מגן ליריעות מתכת
א.
(i)

קבעו באיזו שיטה - דחיסה או סיפוח - הוכן כל אחד מן הפולימרים המוצגים בטבלה. נמקו את קביעתכם.

(ii)

רשמו ייצוג מקוצר לנוסחאות המבנה של המונומרים עבור כל אחד מן הפולימרים המוצגים בטבלה.

ב.

קבעו עבור כל אחד מן ההיגדים a ו- b , אם הוא נכון או לא נכון.

(a)

יכולת הפיתול האקראי של שרשרות PE גדולה מיכולת הפיתול האקראי של שרשרות PVF.

(b)

אורך השרשרת הממוצע של PMMA גדול מאורך השרשרת הממוצע של PE, משום שהמסה של היחידה החוזרת של PMMA גדולה יותר.

ג.
(i)

הסבירו מדוע ערך ה- Tg של PMMA גבוה מערך ה- Tg של PE.

(ii)

הסבירו מדוע ערך ה- Tm של PVF גבוה מערך ה- Tm של PE.

ד.

לאיזה פולימר יש חדירות טובה יותר לגזים - ל-PE או ל-PVF? נמקו.

ה.

סעיף ה הוא סעיף בחירה. אם תבחרו לענות עליו, אל תענו על סעיף ו.

לוחות העשויים מ-PMMA ("זכוכית אקרילית") נסדקים ונשברים בקבלת מכה חזקה, ואילו מכלים העשויים מ-PE מתעקמים בקבלת מכה ואינם נשברים.

הסבירו עובדות אלה. התייחסו לכל אחד משני הפולימרים.

ו.

סעיף ו הוא סעיף בחירה. אם תבחרו לענות עליו, אל תענו על סעיף ה.

אפשר להכין קופולימר אקראי מן המונומרים שמהם מכינים את PE ואת PMMA. רשמו קטע מייצג של קופולימר זה.

◂ פתרון מלא לשאלה 3

סעיף א

(i)
תשובה:

שלושת הפולימרים – PE, PMMA ו-PVF – הוכנו בפלמור סיפוח.

שלושת הפולימרים הוכנו בפלמור סיפוח.

נימוק: בכל אחת מהיחידות החוזרות עמוד השדרה בנוי משני אטומי פחמן בלבד הקשורים בקשר יחיד, ואין בעמוד השדרה קבוצות אסטר או אמיד. יחידה חוזרת כזו מתקבלת מפתיחת הקשר הכפול C=C\text{C}=\text{C} של המונומר והתחברות המונומרים זה לזה, בלי שחרור מולקולה קטנה (כמו מים). היחידה החוזרת מכילה בדיוק את אותם אטומים כמו המונומר – מאפיין של פולימר סיפוח. (ב-PMMA יש קבוצת אסטר, אבל היא בקבוצה הצדדית ולא בעמוד השדרה.)

(ii)
תשובה:

PE: CH2=CH2\text{CH}_2=\text{CH}_2; PMMA: CH2=C(CH3)−COOCH3\text{CH}_2=\text{C}(\text{CH}_3)-\text{COOCH}_3; PVF: CH2=CHF\text{CH}_2=\text{CHF}

המונומר מתקבל מהיחידה החוזרת כאשר הקשר היחיד בין שני אטומי הפחמן של עמוד השדרה הופך לקשר כפול:

•פוליאתילן – אתן (אתילן): CH2=CH2\text{CH}_2=\text{CH}_2

•PMMA – מתיל מתאקרילט: CH2=C(CH3)−COO−CH3\text{CH}_2=\text{C}(\text{CH}_3)-\text{COO}-\text{CH}_3

•PVF – ויניל פלואוריד (פלואורואתן): CH2=CHF\text{CH}_2=\text{CHF}

סעיף ב

(a)
תשובה:

נכון.

נכון. ערך Tg של PE (−120∘-120^\circC) נמוך בהרבה מערך Tg של PVF (40∘40^\circC). Tg משקפת את הקלות שבה מקטעי השרשרת יכולים להסתובב ולנוע (הפיתול האקראי): ככל שהשרשרת גמישה יותר, Tg נמוכה יותר. ב-PE אין קבוצות צדדיות (רק אטומי מימן קטנים), ובין השרשרות פועלים כוחות ואן דר ואלס חלשים בלבד – הסיבוב סביב הקשרים בשדרה קל. ב-PVF יש קשרי C−F\text{C}-\text{F} קוטביים, ובין השרשרות פועלות משיכות דו-קוטב–דו-קוטב המגבילות את תנועת המקטעים – הפיתול האקראי קטן יותר.

(b)
תשובה:

לא נכון.

לא נכון. לפי הנתון, לשלושת הפולימרים דרגות פלמור ממוצעות דומות – מספר דומה של יחידות חוזרות בשרשרת. בשני הפולימרים כל יחידה חוזרת תורמת לעמוד השדרה שני אטומי פחמן, ולכן אורך השרשרת (עמוד השדרה) הממוצע דומה. הקבוצות הצדדיות של PMMA (−CH3-\text{CH}_3 ו-−COOCH3-\text{COOCH}_3) מגדילות את המסה של השרשרת, אך לא את אורכה.

סעיף ג

(i)
תשובה:

ב-PMMA קבוצות צדדיות גדולות (−CH3-\text{CH}_3 ו-−COOCH3-\text{COOCH}_3 על אותו אטום פחמן) מפריעות לסיבוב סביב הקשרים בשדרה, וקבוצת האסטר הקוטבית יוצרת משיכות דו-קוטב בין השרשרות; ב-PE אין קבוצות צדדיות.

Tg היא הטמפרטורה שמעליה מקטעים של השרשרות באזורים האמורפיים מתחילים לנוע ולהסתובב. ככל שתנועת המקטעים מוגבלת יותר – Tg גבוהה יותר.

•ב-PMMA קשורות לכל אטום פחמן שני בשדרה שתי קבוצות צדדיות, ואחת מהן – −COOCH3-\text{COOCH}_3 – גדולה. הקבוצות הצדדיות מפריעות מרחבית לסיבוב סביב הקשרים בעמוד השדרה, והשרשרת קשיחה.

•קבוצת האסטר קוטבית, ולכן בין שרשרות PMMA פועלות, נוסף על כוחות ואן דר ואלס, משיכות דו-קוטב–דו-קוטב, שמקשות על תנועת השרשרות זו ביחס לזו.

•ב-PE אין קבוצות צדדיות (רק אטומי מימן), השרשרת לא קוטבית ובין השרשרות פועלים כוחות ואן דר ואלס בלבד – השרשרות גמישות מאוד.

לכן נדרשת טמפרטורה גבוהה הרבה יותר (אנרגיה רבה יותר) כדי להקנות לשרשרות PMMA ניידות: Tg של PMMA (105∘105^\circC) גבוהה מזו של PE (−120∘-120^\circC).

(ii)
תשובה:

ב-PVF קשרי C−F\text{C}-\text{F} קוטביים יוצרים משיכות דו-קוטב–דו-קוטב בין השרשרות; ב-PE (לא קוטבי) יש רק כוחות ואן דר ואלס, חלשים יותר.

Tm היא הטמפרטורה שבה האזורים הגבישיים מתפרקים – השרשרות המסודרות מתנתקות זו מזו. ככל שהמשיכות בין השרשרות באזורים הגבישיים חזקות יותר, Tm גבוהה יותר.

•ב-PVF הקשר C−F\text{C}-\text{F} קוטבי מאוד (הפרש אלקטרושליליות גדול: 4.0−2.5=1.54.0-2.5 = 1.5), ולכן בין השרשרות פועלות, נוסף על כוחות ואן דר ואלס, משיכות דו-קוטב–דו-קוטב. אטום הפלואור קטן, ולכן השרשרות יכולות להיארז בסדר באזורים הגבישיים.

•PE הוא פחמימן לא קוטבי, ובין שרשרותיו פועלים כוחות ואן דר ואלס בלבד.

לכן כדי לפרק את האזורים הגבישיים של PVF נדרשת אנרגיה רבה יותר: Tm של PVF (200∘200^\circC) גבוהה מזו של PE (130∘130^\circC).

סעיף ד

תשובה:

ל-PE – בין שרשרותיו משיכות ואן דר ואלס חלשות בלבד והוא מעל ה-Tg שלו, ולכן המקטעים האמורפיים ניידים ונפתחים רווחים שדרכם עובר הגז; ב-PVF משיכות דו-קוטב מחזיקות את השרשרות צמודות.

ל-PE חדירות טובה יותר לגזים.

מולקולות גז חודרות דרך פולימר ברווחים שבין השרשרות, בעיקר באזורים האמורפיים. ככל שהשרשרות צמודות יותר זו לזו, והמשיכות ביניהן חזקות יותר, הרווחים קטנים והחדירות לגזים קטנה.

•ב-PE בין השרשרות פועלים רק כוחות ואן דר ואלס חלשים. בטמפרטורת החדר PE נמצא הרבה מעל ה-Tg שלו (−120∘-120^\circC), ולכן מקטעי השרשרות באזורים האמורפיים ניידים, נעים כל הזמן ופותחים רווחים שדרכם מולקולות הגז עוברות.

•ב-PVF משיכות דו-קוטב–דו-קוטב בין קשרי C−F\text{C}-\text{F} קוטביים מחזיקות את השרשרות צמודות זו לזו, ובטמפרטורת החדר הוא מתחת ל-Tg שלו (40∘40^\circC) – מקטעי השרשרות כמעט אינם נעים. הרווחים בין השרשרות קטנים, והגז עובר בקושי.

(לכן PVF משמש שכבת מגן החוסמת מעבר של אדי מים וגזים.)

סעיף ה

תשובה:

PMMA בטמפרטורת החדר נמצא מתחת ל-Tg שלו (105∘105^\circC) – במצב זגוגי, קשיח ושביר; PE נמצא הרבה מעל ה-Tg שלו (−120∘-120^\circC) – המקטעים באזורים האמורפיים ניידים, והחומר גמיש ובולע את המכה.

PMMA: ה-Tg שלו 105∘105^\circC, גבוהה מטמפרטורת החדר. לכן בזמן השימוש PMMA נמצא במצב זגוגי: מקטעי השרשרות "קפואים" במקומם ואינם יכולים להסתובב או לזוז כדי לבלוע את אנרגיית המכה – החומר קשיח ושביר, והלוח נסדק ונשבר.

PE: ה-Tg שלו −120∘-120^\circC, נמוכה בהרבה מטמפרטורת החדר. לכן באזורים האמורפיים שלו מקטעי השרשרות ניידים – יכולים להסתובב ולזוז זה ביחס לזה (הפולימר מעל Tg ומתחת ל-Tm, 130∘130^\circC, ולכן הוא מוצק אך גמיש). בקבלת מכה השרשרות זזות ובולעות את האנרגיה, והמכל מתעקם במקום להישבר.

סעיף ו

תשובה:

למשל: −CH2−CH2−CH2−C(CH3)(COOCH3)−CH2−CH2−CH2−CH2−CH2−C(CH3)(COOCH3)−CH2−C(CH3)(COOCH3)−CH2−CH2−-\text{CH}_2-\text{CH}_2-\text{CH}_2-\text{C}(\text{CH}_3)(\text{COOCH}_3)-\text{CH}_2-\text{CH}_2-\text{CH}_2-\text{CH}_2-\text{CH}_2-\text{C}(\text{CH}_3)(\text{COOCH}_3)-\text{CH}_2-\text{C}(\text{CH}_3)(\text{COOCH}_3)-\text{CH}_2-\text{CH}_2-

הקופולימר מתקבל מפלמור סיפוח של שני מונומרים: אתן, CH2=CH2\text{CH}_2=\text{CH}_2, ומתיל מתאקרילט, CH2=C(CH3)−COOCH3\text{CH}_2=\text{C}(\text{CH}_3)-\text{COOCH}_3. בקופולימר אקראי שתי היחידות, −CH2−CH2−-\text{CH}_2-\text{CH}_2- ו-−CH2−C(CH3)(COOCH3)−-\text{CH}_2-\text{C}(\text{CH}_3)(\text{COOCH}_3)-, מופיעות לאורך השרשרת ללא סדר קבוע.

קטע מייצג (7 יחידות, בסדר לא קבוע: E–M–E–E–M–M–E, כאשר E = יחידה מאתן ו-M = יחידה ממתיל מתאקרילט):

−CH2−CH2−CH2−C∣∣CH3COOCH3−CH2−CH2−CH2−CH2−CH2−C∣∣CH3COOCH3−CH2−C∣∣CH3COOCH3−CH2−CH2−-\text{CH}_2-\text{CH}_2-\text{CH}_2-\underset{\text{COOCH}_3}{\overset{\text{CH}_3}{\overset{|}{\underset{|}{\text{C}}}}}-\text{CH}_2-\text{CH}_2-\text{CH}_2-\text{CH}_2-\text{CH}_2-\underset{\text{COOCH}_3}{\overset{\text{CH}_3}{\overset{|}{\underset{|}{\text{C}}}}}-\text{CH}_2-\underset{\text{COOCH}_3}{\overset{\text{CH}_3}{\overset{|}{\underset{|}{\text{C}}}}}-\text{CH}_2-\text{CH}_2-

חשוב: הקטע צריך להכיל את שני סוגי היחידות ברצף לא סדיר (לא חילופי קבוע ולא שני גושים נפרדים), והקשרים בקצוות הקטע נשארים פתוחים (המשך השרשרת).

שאלה 4 · PEN, PTT, ניילון 6,10 ו-PVP – מבנה ותכונות

שאלה פתוחה33⅓ נקודות

יש לענות על כל הסעיפים א, ב, ג, ועל אחד מן הסעיפים ד או ה.

בטבלה מוצגים נתונים של ארבעה פולימרים, (1)-(4), שאורך השרשרות הממוצע שלהם דומה.

שם הפולימרנוסחת המבנה של היחידה החוזרתTg (oC)T_g\ (^o\text{C})Tm (oC)T_m\ (^o\text{C})
(1)פוליאתילן נפתלט (PEN)−O−CH2−CH2−O−CO−C10H6−CO−-\text{O}-\text{CH}_2-\text{CH}_2-\text{O}-\text{CO}-\text{C}_{10}\text{H}_6-\text{CO}-120265
(2)פוליטרימתילן טרפתאלט (PTT)−O−(CH2)3−O−CO−C6H4−CO−-\text{O}-(\text{CH}_2)_3-\text{O}-\text{CO}-\text{C}_6\text{H}_4-\text{CO}-50228
(3)ניילון 6,10−NH−(CH2)6−NH−CO−(CH2)8−CO−-\text{NH}-(\text{CH}_2)_6-\text{NH}-\text{CO}-(\text{CH}_2)_8-\text{CO}-50222
(4)פוליוינילפירולידון (PVP)−CH2−CH(R)−-\text{CH}_2-\text{CH}(\text{R})-175-

(ב- PEN, −C10H6−-\text{C}_{10}\text{H}_6- היא מערכת של שתי טבעות בנזן מאוחות (טבעת נפתלן), שתי קבוצות C=O\text{C}=\text{O} קשורות אליה בקצוות מנוגדים; ב- PTT טבעת הבנזן קשורה לשרשרת במצבים מנוגדים. ב- PVP, R היא קבוצה צדדית טבעתית גדולה: טבעת בת חמישה אטומים – אטום חנקן וארבעה אטומי פחמן, שאחד מהם קשור בקשר כפול לאטום חמצן (C=O\text{C}=\text{O}); הטבעת קשורה לשרשרת דרך אטום החנקן.)

א.
(i)

אילו מן הפולימרים שבטבלה נוצרים בפלמור על ידי דחיסה?

(ii)

רשמו נוסחאות מבנה למונומרים של כל אחד מן הפולימרים שציינתם בתת-סעיף א i.

ב.
(i)

הסבירו מדוע ערך ה- TmT_m של פולימר (1) גבוה מערך ה- TmT_m של פולימר (2).

(ii)

הסבירו מדוע ערך ה- TmT_m של פולימר (2) כמעט שווה לערך ה- TmT_m של פולימר (3).

ג.
(i)

הסבירו מדוע ערך ה- TgT_g של פולימר (4) הוא גבוה.

(ii)

פולימר (4) הוא פולימר אמורפי. הסבירו עובדה זו.

(iii)

עבור פולימר (4) לא מופיע בטבלה ערך TmT_m. הסבירו מדוע.

ד.

סעיף ד הוא סעיף בחירה. אם תבחרו לענות עליו, אל תענו על סעיף ה.

פולימר (4) יבש הוא מוצק קשיח בטמפרטורת החדר.

ציינו גורם אחד התורם לקשיחותו הגבוהה של פולימר זה. הסבירו.

ה.

סעיף ה הוא סעיף בחירה. אם תבחרו לענות עליו, אל תענו על סעיף ד.

נתונות נוסחאות המבנה של היחידות החוזרות של שני פולימרי סיפוח, (5) ו- (6). פולימר (6) שונה מפולימר (5) בכך שאטום המימן של הקבוצה הקרבוקסילית הוחלף בקבוצת מתיל, −CH3-\text{CH}_3:

(5) פולי-(חומצה אקרילית): −CH2−CH(COOH)−\quad -\text{CH}_2-\text{CH}(\text{COOH})-

(6) פולי-(מתיל אקרילט): −CH2−CH(COOCH3)−\quad -\text{CH}_2-\text{CH}(\text{COOCH}_3)-

ערך ה- TgT_g של פולימר (6) נמוך מערך ה- TgT_g של פולימר (5). הסבירו מדוע.

◂ פתרון מלא לשאלה 4

סעיף א

(i)
תשובה:

PEN (1), PTT (2) וניילון 6,10 (3).

קביעה: פולימרים (1), (2) ו- (3).

בעמוד השדרה שלהם יש קשרים אסטריים (PEN, PTT – פוליאסטרים) או קשרים אמידיים (ניילון 6,10 – פוליאמיד), הנוצרים בתגובת דחיסה בין קבוצה קרבוקסילית לקבוצת הידרוקסיל או אמין, תוך פליטת מולקולות מים.

PVP (4) נוצר בפלמור סיפוח: עמוד השדרה שלו בנוי רק מאטומי פחמן הקשורים בקשרים יחידים (−CH2−CH−-\text{CH}_2-\text{CH}-), והוא מתקבל מפתיחת הקשר הכפול C=C\text{C}=\text{C} של המונומר CH2=CH−R\text{CH}_2=\text{CH}-\text{R}.

(ii)
תשובה:

(1) HO−CH2−CH2−OH\text{HO}-\text{CH}_2-\text{CH}_2-\text{OH} + HOOC−C10H6−COOH\text{HOOC}-\text{C}_{10}\text{H}_6-\text{COOH}; (2) HO−(CH2)3−OH\text{HO}-(\text{CH}_2)_3-\text{OH} + HOOC−C6H4−COOH\text{HOOC}-\text{C}_6\text{H}_4-\text{COOH}; (3) H2N−(CH2)6−NH2\text{H}_2\text{N}-(\text{CH}_2)_6-\text{NH}_2 + HOOC−(CH2)8−COOH\text{HOOC}-(\text{CH}_2)_8-\text{COOH}

מפרקים כל קשר אסטרי/אמידי ביחידה החוזרת ומוסיפים H\text{H} לאטום ה- O או ה- N ו- OH\text{OH} לפחמן הקרבונילי:

- PEN (1): אתילן גליקול HO−CH2−CH2−OH\text{HO}-\text{CH}_2-\text{CH}_2-\text{OH} וחומצה נפתלן-דו-קרבוקסילית HOOC−C10H6−COOH\text{HOOC}-\text{C}_{10}\text{H}_6-\text{COOH} (שתי קבוצות COOH\text{COOH} בקצוות מנוגדים של טבעת הנפתלן).

- PTT (2): 1,3-פרופאן-דיאול HO−(CH2)3−OH\text{HO}-(\text{CH}_2)_3-\text{OH} וחומצה טרפתאלית HOOC−C6H4−COOH\text{HOOC}-\text{C}_6\text{H}_4-\text{COOH} (שתי קבוצות COOH\text{COOH} במצבים מנוגדים על טבעת בנזן).

- ניילון 6,10 (3): 1,6-דיאמינוהקסאן H2N−(CH2)6−NH2\text{H}_2\text{N}-(\text{CH}_2)_6-\text{NH}_2 וחומצה דקאן-דיאואית HOOC−(CH2)8−COOH\text{HOOC}-(\text{CH}_2)_8-\text{COOH}.

סעיף ב

(i)
תשובה:

ב- PEN טבעת נפתלן גדולה, קשיחה ושטוחה וקטע (CH2)2(\text{CH}_2)_2 קצר – השרשרת קשיחה יותר, נארזת במסודר, ובין מערכות הטבעות כוחות ואן דר ואלס חזקים יותר; ב- PTT טבעת בנזן אחת וקטע (CH2)3(\text{CH}_2)_3 גמיש יותר.

TmT_m תלויה במידת הסידור (הגבישיות) של השרשרות ובחוזק האינטראקציות ביניהן.

בשני הפוליאסטרים יש אינטראקציות דו-קוטב–דו-קוטב בין הקבוצות האסטריות וכוחות ואן דר ואלס.

- PEN: בעמוד השדרה מערכת של שתי טבעות מאוחות (נפתלן) – גדולה, מישורית וקשיחה מאוד, וקטע הדיאול קצר ((CH2)2(\text{CH}_2)_2). השרשרת קשיחה ופרושה ונארזת במסודר; מערכות הטבעות השטוחות של שרשרות סמוכות נערמות זו מול זו, וענן האלקטרונים הגדול שלהן יוצר כוחות ואן דר ואלס חזקים.

- PTT: טבעת בנזן אחת בלבד, וקטע הדיאול ארוך יותר ((CH2)3(\text{CH}_2)_3) וגמיש יותר – השרשרת פחות קשיחה, והאינטראקציות בין הטבעות חלשות יותר.

לכן נדרשת יותר אנרגיה להרס האזורים הגבישיים של PEN, ו- TmT_m שלו (265ºC) גבוה מזה של PTT (228ºC).

(ii)
תשובה:

שני גורמים מנוגדים מתקזזים: לניילון 6,10 קשרי מימן חזקים אך שרשרת גמישה; ל- PTT אין קשרי מימן אך עמוד שדרה קשיח עם טבעות בנזן.

TmT_m מושפעת גם מחוזק האינטראקציות בין השרשרות וגם מקשיחות השרשרת (המאפשרת סידור מסודר):

- ניילון 6,10 (3): בין קבוצות האמיד של שרשרות סמוכות נוצרים קשרי מימן – אינטראקציות חזקות. מצד שני, השרשרת גמישה (רצפי CH2\text{CH}_2 ארוכים ללא טבעות).

- PTT (2): אין אטום H הקשור ל- N או ל- O, ולכן אין קשרי מימן בין השרשרות – רק אינטראקציות דו-קוטב–דו-קוטב בין הקבוצות האסטריות וכוחות ואן דר ואלס, חלשות יותר. מצד שני, טבעות הבנזן בעמוד השדרה הופכות את השרשרת לקשיחה ופרושה, והשרשרות נארזות במסודר (וטבעות הבנזן נערמות זו מול זו).

היתרון של ניילון 6,10 (אינטראקציות חזקות יותר) מקוזז על ידי היתרון של PTT (שרשרת קשיחה ומסודרת יותר), ולכן ערכי TmT_m שלהם קרובים מאוד (222ºC ו- 228ºC).

סעיף ג

(i)
תשובה:

על כל פחמן שני בעמוד השדרה קבוצה צדדית טבעתית גדולה – היא מגבילה את הסיבוב סביב הקשרים בעמוד השדרה; בנוסף, קבוצות C=O\text{C}=\text{O} הקוטביות יוצרות אינטראקציות דו-קוטב בין השרשרות.

TgT_g היא הטמפרטורה שמעליה קטעי שרשרת באזורים האמורפיים מתחילים לנוע. ככל שהתנועה מוגבלת יותר, TgT_g גבוה יותר.

ב- PVP, על כל אטום פחמן שני בעמוד השדרה קשורה קבוצה צדדית טבעתית גדולה.

1. הקבוצה הצדדית הגדולה מפריעה מרחבית לסיבוב סביב הקשרים היחידים בעמוד השדרה – השרשרת קשיחה.

2. בקבוצה הצדדית יש קבוצת C=O\text{C}=\text{O} קוטבית מאוד; בין הקבוצות הצדדיות של שרשרות סמוכות יש אינטראקציות דו-קוטב–דו-קוטב חזקות יחסית, המגבילות עוד את תנועת קטעי השרשרות.

לכן נדרשת אנרגיה רבה (טמפרטורה גבוהה – 175ºC) כדי שקטעי השרשרת יתחילו לנוע.

(ii)
תשובה:

הקבוצות הצדדיות הגדולות פונות לכיוונים שונים באופן לא סדיר לאורך השרשרת ומרחיקות את השרשרות – הן אינן נארזות במסודר, ואין אזורים גבישיים.

פולימר אמורפי הוא פולימר שבו השרשרות מסודרות באופן אקראי, ללא אזורים גבישיים.

ב- PVP לכל יחידה חוזרת קבוצה צדדית טבעתית גדולה. הקבוצות הצדדיות מרחיקות את השרשרות זו מזו ומונעות מהן להתקרב ולהיארז במקביל, והן פונות לכיוונים שונים באופן לא סדיר לאורך השרשרת, כך שהשרשרות אינן מתאימות זו לזו. לכן לא נוצרים אזורים גבישיים, והפולימר אמורפי.

(iii)
תשובה:

TmT_m מאפיינת את האזורים הגבישיים; ב- PVP האמורפי אין אזורים גבישיים, ולכן אין לו טמפרטורת היתוך מוגדרת.

TmT_m היא הטמפרטורה שבה נהרסים האזורים הגבישיים של פולימר.

PVP אמורפי (תת-סעיף ii) – אין בו אזורים גבישיים, ולכן אין סידור מסודר שנהרס בטמפרטורה מוגדרת, ואין לו TmT_m. בחימום מעל TgT_g קטעי השרשרת מתחילים לנוע, והפולימר מתרכך בהדרגה.

סעיף ד

תשובה:

האינטראקציות דו-קוטב–דו-קוטב בין קבוצות C=O\text{C}=\text{O} הקוטביות שבקבוצות הצדדיות של שרשרות סמוכות (או: הקבוצה הצדדית הגדולה) – הן מגבילות את תנועת קטעי השרשרת, TgT_g (175ºC) גבוה מטמפרטורת החדר, והפולימר במצב זגוגי.

גורם: אינטראקציות דו-קוטב–דו-קוטב בין קבוצות C=O\text{C}=\text{O} הקוטביות שבקבוצות הצדדיות של שרשרות סמוכות.

הסבר: האינטראקציות בין הקבוצות הצדדיות הקוטביות מחזיקות את השרשרות זו ליד זו ומגבילות את תנועת קטעי השרשרות זה ביחס לזה. לכן TgT_g של PVP גבוה מאוד (175ºC) – גבוה בהרבה מטמפרטורת החדר. בטמפרטורת החדר הפולימר נמצא מתחת ל- TgT_g, במצב זגוגי: השרשרות "קפואות" במקומן, והחומר קשיח.

(גורם אפשרי נוסף: הקבוצה הצדדית הטבעתית הגדולה, המפריעה מרחבית לסיבוב סביב הקשרים בעמוד השדרה.)

סעיף ה

תשובה:

בפולימר (6) אין אטום H הקשור ל- O – אין קשרי מימן בין הקבוצות הצדדיות של שרשרות סמוכות, רק אינטראקציות דו-קוטב ו-ואן דר ואלס, חלשות יותר; קטעי השרשרת נעים בטמפרטורה נמוכה יותר.

TgT_g היא הטמפרטורה שמעליה קטעי שרשרת באזורים האמורפיים מתחילים לנוע. ככל שהאינטראקציות בין השרשרות חזקות יותר, דרושה אנרגיה רבה יותר לתנועה זו.

- פולימר (5): בקבוצה הצדדית −COOH-\text{COOH} יש אטום H הקשור לאטום O. בין ה- O−H\text{O}-\text{H} של שרשרת אחת לאטומי ה- O של קבוצות COOH\text{COOH} בשרשרת סמוכה נוצרים קשרי מימן – אינטראקציות חזקות המגבילות את תנועת קטעי השרשרות.

- פולימר (6): אטום ה- H הוחלף בקבוצת CH3\text{CH}_3 (נוצרה קבוצת אסטר), ואין בשרשרת אטום H הקשור לאטום O או N. לכן אין קשרי מימן בין השרשרות – רק אינטראקציות דו-קוטב–דו-קוטב בין הקבוצות האסטריות וכוחות ואן דר ואלס, חלשות יותר.

לכן קטעי השרשרות בפולימר (6) מתחילים לנוע בטמפרטורה נמוכה יותר – TgT_g שלו נמוך מזה של פולימר (5).

פרק שלישי – כימיה פיזיקלית

שאלה 5 · He₂⁺ , C₂ מעורר, קרינה ממנורת כספית ופסי אנרגייה בגרמניום

שאלה פתוחה33⅓ נקודות

השאלה עוסקת במבנה האלקטרוני של חלקיקים ושל מוצקים ובקרינה שהם בולעים או פולטים.

א.

כאשר מעבירים זרם חשמלי דרך גז הליום בלחץ נמוך, נוצרים בגז, בין השאר, יונים He2+\text{He}_2^+ .

(i)

רשום ייצוג אלקטרוני של היון He2+\text{He}_2^+ .

(ii)

קבע אם היון He2+\text{He}_2^+ יציב יותר או יציב פחות מן המולקולה (המשוערת) He2\text{He}_2 . נמק.

ב.
(i)

בלהבה של גז בישול (מתאן) נוצרות, בין השאר, מולקולות פחמן דו־אטומיות, C2\text{C}_2 , שחלקן מעוררות ופולטות אור כחול־ירקרק.

לפניך דיאגרמה של רמות האנרגייה עבור מולקולה דו־אטומית של יסוד בשורה השנייה של המערכה המחזורית (B , C , N).

העתק למחברתך את הדיאגרמה וסמן בה את החיצים, שמייצגים את אכלוס האלקטרונים באורביטלים במולקולה מעוררת של פחמן, C2∗\text{C}_2^* , שבה אלקטרון אחד עבר מאורביטל π2p\pi_{2p} לאורביטל σ2p\sigma_{2p} .

(ii)

סמן בדיאגרמה שרשמת בתת־סעיף ב i את רמת HOMO ואת רמת LUMO .

ג.

במנורות כספית נפלט אור הכולל, בין השאר, קרינה באורך גל 546 nm546\ \text{nm} וקרינה נוספת שאורך הגל שלה קצר יותר.

(i)

חשב את האנרגייה של פוטון של הקרינה שאורך הגל שלה 546 nm546\ \text{nm} , ביחידות ג'אול (J). פרט את חישוביך.

(ii)

אנרגיית הפוטון של הקרינה הנוספת היא 2.84 eV2.84\ \text{eV} . קבע אם צבען צהוב בולע קרינה זו. פרט את חישוביך, ונמק.

ד.

גרמניום, Ge(s)\text{Ge}_{(s)} , הוא מוליך למחצה, כמו צורן.

(i)

פער האנרגייה האסור בגביש גרמניום קטן מפער האנרגייה האסור בגביש צורן.

הסבר מדוע המוליכות החשמלית של גביש גרמניום טהור בטמפרטורת החדר גבוהה מזו של גביש צורן טהור.

(ii)

לפניך שלוש דיאגרמות של פסי אנרגייה I , II , III . התאם לכל אחת מן הדיאגרמות את אחד מן התיאורים האלה, ונמק:

— גביש של מגנזיום (מתכת)

— גביש של יהלום (מבודד)

— גביש של גרמניום טהור

(בדיאגרמות: מלבן אפור – פס אנרגייה מאוכלס באלקטרונים; מלבן לבן – פס אנרגייה ריק; מלבן מקווקו – פס ריק החופף לפס המאוכלס; החלק האפור של מלבן מייצג את הרמות המאוכלסות בפס.)

◂ פתרון מלא לשאלה 5

סעיף א

(i)
תשובה:

(σ1s)2 (σ1s∗)1(\sigma_{1s})^2\,(\sigma^*_{1s})^1

ביון He2+\text{He}_2^+ יש 2+2−1=32 + 2 - 1 = 3 אלקטרונים (שני אלקטרונים מכל אטום הליום, פחות אלקטרון אחד בגלל המטען החיובי).

שני אורביטלי 1s1s של האטומים יוצרים אורביטל קושר σ1s\sigma_{1s} (אנרגייה נמוכה) ואורביטל אנטי־קושר σ1s∗\sigma^*_{1s} (אנרגייה גבוהה). מאכלסים מהנמוך לגבוה, לכל היותר 2 אלקטרונים בעלי ספין הפוך בכל אורביטל:

He2+: (σ1s)2 (σ1s∗)1\text{He}_2^+:\ (\sigma_{1s})^2\,(\sigma^*_{1s})^1
(ii)
תשובה:

He2+\text{He}_2^+ יציב יותר (סדר קשר 0.50.5 לעומת 0).

סדר קשר=(מספר אלקטרונים באורביטלים קושרים)−(מספר אלקטרונים באורביטלים אנטי־קושרים)2\text{סדר קשר} = \frac{(\text{מספר אלקטרונים באורביטלים קושרים}) - (\text{מספר אלקטרונים באורביטלים אנטי־קושרים})}{2}

He2\text{He}_2 (4 אלקטרונים): (σ1s)2(σ1s∗)2(\sigma_{1s})^2(\sigma^*_{1s})^2 – סדר קשר =2−22=0= \frac{2-2}{2} = 0

He2+\text{He}_2^+ (3 אלקטרונים): (σ1s)2(σ1s∗)1(\sigma_{1s})^2(\sigma^*_{1s})^1 – סדר קשר =2−12=0.5= \frac{2-1}{2} = 0.5

קביעה: היון He2+\text{He}_2^+ יציב יותר מ־He2\text{He}_2. ב־He2\text{He}_2 ההשפעה המחזקת של שני האלקטרונים הקושרים מתבטלת על ידי שני האלקטרונים האנטי־קושרים – סדר הקשר 0, אין קשר, והמולקולה אינה יציבה (אינה קיימת בתנאים רגילים). ביון He2+\text{He}_2^+ חסר אלקטרון אנטי־קושר אחד, סדר הקשר 0.50.5 – יש קשר (חלש) בין האטומים.

סעיף ב

(i)
תשובה:

(σ1s)2(σ1s∗)2(σ2s)2(σ2s∗)2(π2p)3(σ2p)1(\sigma_{1s})^2(\sigma^*_{1s})^2(\sigma_{2s})^2(\sigma^*_{2s})^2(\pi_{2p})^3(\sigma_{2p})^1

במולקולת C2\text{C}_2 יש 2×6=122 \times 6 = 12 אלקטרונים. במצב היסוד (לפי סדר הרמות בדיאגרמה, π2p\pi_{2p} מתחת ל־σ2p\sigma_{2p}):

C2: (σ1s)2(σ1s∗)2(σ2s)2(σ2s∗)2(π2p)4\text{C}_2:\ (\sigma_{1s})^2(\sigma^*_{1s})^2(\sigma_{2s})^2(\sigma^*_{2s})^2(\pi_{2p})^4

במולקולה המעוררת הנתונה אלקטרון אחד עבר מ־π2p\pi_{2p} (HOMO במצב היסוד) ל־σ2p\sigma_{2p} (LUMO במצב היסוד):

C2∗: (σ1s)2(σ1s∗)2(σ2s)2(σ2s∗)2(π2p)3(σ2p)1\text{C}_2^*:\ (\sigma_{1s})^2(\sigma^*_{1s})^2(\sigma_{2s})^2(\sigma^*_{2s})^2(\pi_{2p})^3(\sigma_{2p})^1

בדיאגרמה: זוג חצים מנוגדים (↑↓\uparrow\downarrow) ב־σ1s\sigma_{1s}, σ1s∗\sigma^*_{1s}, σ2s\sigma_{2s}, σ2s∗\sigma^*_{2s}; באורביטלי π2p\pi_{2p} – זוג חצים באחד וחץ אחד באחר; חץ אחד ב־σ2p\sigma_{2p}; π2p∗\pi^*_{2p} ו־σ2p∗\sigma^*_{2p} ריקים. סה״כ 12 חצים.

(ii)
תשובה:

HOMO – רמת σ2p\sigma_{2p} ; LUMO – רמת π2p∗\pi^*_{2p}.

HOMO – רמת האורביטל המולקולרי הגבוהה ביותר שיש בה אלקטרון; LUMO – רמת האורביטל המולקולרי הנמוכה ביותר שאין בה אלקטרונים.

במולקולה המעוררת, האלקטרון שעבר נמצא ברמת σ2p\sigma_{2p} – זו רמת HOMO. הרמה שמעליה, π2p∗\pi^*_{2p}, ריקה לגמרי – זו רמת LUMO (ראו את הסימון באיור של תת־סעיף i).

סעיף ג

(i)
תשובה:

E≈3.64⋅10−19 JE \approx 3.64\cdot10^{-19}\ \text{J}

λ=546 nm=546⋅10−9 m\lambda = 546\ \text{nm} = 546\cdot10^{-9}\ \text{m}
E=hν=hcλ=6.63⋅10−34 J⋅s⋅3.0⋅108 ms546⋅10−9 m=3.64⋅10−19 JE = h\nu = \frac{hc}{\lambda} = \frac{6.63\cdot10^{-34}\ \text{J}\cdot\text{s}\cdot 3.0\cdot10^{8}\ \frac{\text{m}}{\text{s}}}{546\cdot10^{-9}\ \text{m}} = 3.64\cdot10^{-19}\ \text{J}

(אפשר גם: EeV=1240546=2.27 eVE_{eV} = \frac{1240}{546} = 2.27\ \text{eV}, ו־2.27 eV⋅1.6⋅10−19 JeV=3.63⋅10−19 J2.27\ \text{eV}\cdot 1.6\cdot10^{-19}\ \frac{\text{J}}{\text{eV}} = 3.63\cdot10^{-19}\ \text{J} – ההבדל הקטן נובע מעיגול.)

(ii)
תשובה:

כן: λ≈437 nm\lambda \approx 437\ \text{nm} – אור סגול, והצבען הצהוב בולע את הצבע המשלים לצהוב – סגול.

אורך הגל, לפי EeV=1240λnmE_{eV} = \frac{1240}{\lambda_{nm}}:

λ=12402.84 nm=437 nm\lambda = \frac{1240}{2.84}\ \text{nm} = 437\ \text{nm}

לפי גלגל הצבעים, 437 nm437\ \text{nm} נמצא בתחום הסגול (390−455 nm390-455\ \text{nm}).

קביעה: הצבען הצהוב בולע את הקרינה הזאת. חומר נראה צהוב כי הוא בולע את הצבע המשלים לצהוב – סגול – ומפזר אל העין את שאר האור הנראה. הקרינה שנפלטת (437 nm437\ \text{nm}) היא אור סגול, ולכן היא נבלעת בצבען הצהוב.

סעיף ד

(i)
תשובה:

בשני הגבישים פס הערכיות מלא ופס ההולכה ריק; כדי להוליך אלקטרונים צריכים לעבור את הפער. בגרמניום הפער קטן יותר, ולכן בטמפרטורת החדר יותר אלקטרונים מקבלים אנרגייה מספקת לעבור לפס ההולכה (ונוצרים יותר ״חורים״) – יותר נושאי מטען ומוליכות גבוהה יותר.

בגביש של מוליך למחצה נוצרים פסי אנרגייה: פס הערכיות מלא באלקטרונים ופס ההולכה ריק, וביניהם פער אנרגייה אסור קטן יחסית.

אלקטרונים בפס מלא אינם יכולים לנוע בהשפעת מתח חשמלי, כי אין בו רמות פנויות. כדי שיהיו נושאי מטען ניידים, אלקטרונים צריכים לעבור לפס ההולכה – ולשם כך לקבל אנרגייה (תרמית) השווה לפער או גדולה ממנו.

בגרמניום פער האנרגייה קטן מזה שבצורן, ולכן באותה טמפרטורה (טמפרטורת החדר) מספר גדול יותר של אלקטרונים מקבל אנרגייה מספקת כדי לעבור לפס ההולכה. בפס ההולכה הם נעים בחופשיות, ובפס הערכיות נוצרים מקומות פנויים (״חורים״) המאפשרים גם לאלקטרונים שבו לנוע. מספר נושאי המטען בגרמניום גדול יותר – ולכן המוליכות החשמלית שלו גבוהה יותר.

(ii)
תשובה:

I – גביש גרמניום טהור ; II – גביש מגנזיום ; III – גביש יהלום .

דיאגרמה II – גביש מגנזיום (מתכת): הפס המאוכלס חופף לפס ריק, ואין פער אנרגייה ביניהם. ממש מעל הרמות המאוכלסות יש רמות פנויות, ולכן אלקטרונים עוברים אליהן בקלות ונעים בגביש בהשפעת מתח – מוליך טוב. (במגנזיום הפס שנוצר מאורביטלי 3s3s חופף לפס שנוצר מאורביטלי 3p3p.)

דיאגרמה III – גביש יהלום (מבודד): פס ערכיות מלא ופס הולכה ריק, וביניהם פער אנרגייה גדול. כמעט אף אלקטרון אינו יכול לקבל אנרגייה מספקת כדי לעבור לפס ההולכה – אין נושאי מטען ניידים.

דיאגרמה I – גביש גרמניום טהור (מוליך למחצה): פס ערכיות מלא ופס הולכה ריק, וביניהם פער אנרגייה קטן. בטמפרטורת החדר מעט אלקטרונים עוברים לפס ההולכה, ובחימום – יותר.

שאלה 6 · צבעני ציאנין, אזובנזן ופיקוציאנין – HOMO-LUMO וספקטרום בליעה

שאלה פתוחה33⅓ נקודות

יש לענות על כל הסעיפים א, ב, ג, ועל אחד מן הסעיפים ד או ה.

השאלה עוסקת בצבענים ובחומרים צבעוניים.

א.

צבעני ציאנין (Cyanine) משמשים לסימון מולקולות במחקר ביולוגי. בצבענים אלה שני אטומי חנקן מחוברים בשרשרת של קשרים כפולים ויחידים לסירוגין.

לפניכם נוסחאות של שני צבעני ציאנין, A ו- B:

צבען A: (CH3)2N−CH=CH−CH=CH−CH=CH−CH=N+(CH3)2(\text{CH}_3)_2\text{N}-\text{CH}=\text{CH}-\text{CH}=\text{CH}-\text{CH}=\text{CH}-\text{CH}=\text{N}^+(\text{CH}_3)_2

צבען B: (CH3)2N−CH=CH−CH=CH−CH=CH−CH=CH−CH=N+(CH3)2(\text{CH}_3)_2\text{N}-\text{CH}=\text{CH}-\text{CH}=\text{CH}-\text{CH}=\text{CH}-\text{CH}=\text{CH}-\text{CH}=\text{N}^+(\text{CH}_3)_2

(i)

לצבען A צבע אדום. מהו צבע האור הנבלע על ידי צבען A? נמקו.

(ii)

קבעו אם הפרש האנרגיה בין אורביטל HOMO לאורביטל LUMO בצבען B גדול מהפרש זה בצבען A או קטן ממנו. נמקו.

(iii)

קבעו מהו צבע האור שנבלע על ידי צבען B: אדום או כחול. נמקו.

(iv)

מהו הצבע של צבען B? נמקו.

ב.

אזובנזן (Azobenzene) הוא מוצק בצבע כתום. במולקולה שתי טבעות בנזן מחוברות בקשר כפול בין שני אטומי חנקן.

לפניכם ייצוג מקוצר לנוסחת המבנה של אזובנזן:

נתונים שני היגדים (1) ו- (2). קבעו איזה מן שני ההיגדים האלה הוא ההיגד הנכון.

(1) הפרש האנרגיה בין HOMO ל- LUMO במולקולת אזובנזן קטן, ועירור אלקטרוני מתרחש כאשר נבלעת קרינה בתחום הנראה.

(2) הפרש האנרגיה בין HOMO ל- LUMO במולקולת אזובנזן גדול, ועירור אלקטרוני מתרחש כאשר נבלעת קרינה בתחום העל-סגול.

ג.

פיקוציאנין (Phycocyanin) הוא צבען טבעי המופק מאצות כחוליות, ומשמש כצבע במוצרי קוסמטיקה ובמוצרים נוספים. בתא האצה הוא קולט אור המשמש לפוטוסינתזה.

לפניכם שני ספקטרה:

(ספקטרום I: שיא בליעה ב- 410 nm410\ \text{nm}; ספקטרום II: שיא בליעה ב- 620 nm620\ \text{nm}.)

(i)

ידוע שפיקוציאנין בולע בעיקר אור כתום. קבעו איזה משני הספקטרה הנתונים הוא ספקטרום הבליעה של פיקוציאנין. נמקו.

(ii)

מהו הצבע של פיקוציאנין הנראה לעין? נמקו.

(iii)

חשבו את אנרגיית הפוטון הנבלע על ידי פיקוציאנין באורך הגל 620 nm620\ \text{nm}. פרטו את חישוביכם.

ד.

חמצן, O2\text{O}_2, הוא מרכיב חשוב באוויר.

סעיף ד הוא סעיף בחירה. אם תבחרו לענות עליו, אל תענו על סעיף ה.

רשמו היערכות האלקטרונים:

•באטום חמצן, O

•ביון O22−\text{O}_2^{2-} (יון פרוקסיד)

ה.

חמצן, O2\text{O}_2, הוא מרכיב חשוב באוויר.

סעיף ה הוא סעיף בחירה. אם תבחרו לענות עליו, אל תענו על סעיף ד.

אחת מתדירויות הקרינה הנבלעת על ידי חמצן נוזלי, O2(l)\text{O}_{2(l)}, היא 4.76⋅1014 Hz4.76\cdot10^{14}\ \text{Hz}.

קבעו מהו צבע האור הנבלע. פרטו את חישוביכם ונמקו.

◂ פתרון מלא לשאלה 6

סעיף א

(i)
תשובה:

ירוק.

ירוק. הצבע הנראה הוא הצבע המשלים לצבע האור הנבלע: החומר בולע חלק מהאור הנראה, והשאר מגיע לעין. בגלגל הצבעים מול אדום (622−780 nm622-780\ \text{nm}) נמצא ירוק (492−577 nm492-577\ \text{nm}). לכן צבען A בולע אור ירוק ונראה אדום.

(ii)
תשובה:

קטן יותר ב- B.

קביעה: ב- B הפרש האנרגיה HOMO–LUMO קטן יותר.

בשני הצבענים יש מערכת מצומדת של קשרים כפולים ויחידים לסירוגין בין שני אטומי החנקן, ואלקטרוני ה- π\pi אינם ממוקמים. בצבען B השרשרת המצומדת ארוכה יותר (5 קשרים כפולים לעומת 4 ב- A). ככל שהמערכת המצומדת ארוכה יותר, האורביטלים המולקולריים מסוג π\pi רבים יותר וקרובים יותר זה לזה באנרגיה, והפרש האנרגיה בין HOMO ל- LUMO קטן יותר.

(iii)
תשובה:

אדום.

קביעה: אדום.

אנרגיית הפוטון הנבלע שווה להפרש HOMO–LUMO. ב- B ההפרש קטן מב- A (סעיף ii), ולכן B בולע פוטונים בעלי אנרגיה נמוכה יותר – באורך גל ארוך יותר (E=hcλE = \frac{hc}{\lambda}) – מהאור הירוק שבולע A (492−577 nm492-577\ \text{nm}).

אור אדום (622−780 nm622-780\ \text{nm}) ארוך גל מירוק, ואילו כחול (455−492 nm455-492\ \text{nm}) קצר גל ממנו. לכן B בולע אור אדום.

(iv)
תשובה:

ירוק.

ירוק. B בולע אור אדום (סעיף iii); הצבע הנראה הוא הצבע המשלים, ובגלגל הצבעים מול אדום נמצא ירוק. לכן B נראה ירוק.

סעיף ב

תשובה:

היגד (1).

היגד (1) נכון.

אזובנזן הוא חומר צבעוני (כתום), כלומר הוא בולע חלק מהאור הנראה (את הצבע המשלים לכתום – כחול) ומחזיר את השאר. חומר שבולע רק קרינת UV נראה חסר צבע.

במולקולה יש מערכת מצומדת אחת המשתרעת על פני שתי טבעות הבנזן והקשר הכפול N=N\text{N}=\text{N} ביניהן, ולאטומי החנקן זוגות אלקטרונים לא קושרים. המערכת המצומדת הארוכה גורמת לכך שהפרש האנרגיה בין HOMO ל- LUMO קטן, ולכן מספיקה אנרגיית פוטון של אור נראה כדי לעורר אלקטרון. היגד (2) שגוי: הפרש גדול ובליעה ב- UV בלבד מתאימים לחומרים חסרי צבע.

סעיף ג

(i)
תשובה:

ספקטרום II.

קביעה: ספקטרום II.

בספקטרום II שיא הבליעה ב- 620 nm620\ \text{nm} – בתחום הכתום (597−622 nm597-622\ \text{nm}). בספקטרום I שיא הבליעה ב- 410 nm410\ \text{nm} – בתחום הסגול (390−455 nm390-455\ \text{nm}), ובתחום הכתום כמעט אין בו בליעה. לכן ספקטרום II מתאים לפיקוציאנין.

(ii)
תשובה:

כחול.

כחול. פיקוציאנין בולע בעיקר אור באורך גל 620 nm620\ \text{nm}, בתחום הכתום, ומעט מאוד אור בשאר התחום הנראה. האור שאינו נבלע מגיע לעין, והצבע הנראה הוא הצבע המשלים לצבע הנבלע – הצבע שמול הצבע הנבלע בגלגל הצבעים. מול כתום נמצא כחול, ולכן פיקוציאנין נראה כחול.

(iii)
תשובה:

E=3.21⋅10−19 JE = 3.21\cdot10^{-19}\ \text{J} (2.00 eV2.00\ \text{eV})

E=hcλ=6.63⋅10−34 J⋅sec⋅3.0⋅108 m/sec620⋅10−9 m=3.21⋅10−19 JE = \frac{hc}{\lambda} = \frac{6.63\cdot10^{-34}\ \text{J}\cdot\text{sec}\cdot 3.0\cdot10^{8}\ \text{m/sec}}{620\cdot10^{-9}\ \text{m}} = 3.21\cdot10^{-19}\ \text{J}

או: EeV=1240λnm=1240620=2.00 eVE_{eV} = \frac{1240}{\lambda_{nm}} = \frac{1240}{620} = 2.00\ \text{eV}.

סעיף ד

תשובה:

O: 1s2 2s2 2p41s^2\,2s^2\,2p^4; O22−\text{O}_2^{2-}: σ2s2 σ2s∗2 σ2p2 π2p4 π2p∗4\sigma_{2s}^2\,\sigma_{2s}^{*2}\,\sigma_{2p}^2\,\pi_{2p}^4\,\pi_{2p}^{*4} (14 אלקטרוני ערכיות).

אטום חמצן (8 אלקטרונים): 1s2 2s2 2p41s^2\,2s^2\,2p^4 (באחד מאורביטלי 2p2p זוג אלקטרונים, ובשניים האחרים אלקטרון בודד בכל אחד – כלל הונד).

היון O22−\text{O}_2^{2-}: אלקטרוני ערכיות: 6+6+2=146 + 6 + 2 = 14 (שני אטומי O, ועוד שני אלקטרונים בגלל המטען 2−2-). עבור O2\text{O}_2 משתמשים בתרשים א בדף הנוסחאות (Ne2,F2,O2\text{Ne}_2, \text{F}_2, \text{O}_2), שבו σ2p\sigma_{2p} נמוך מ- π2p\pi_{2p}. ממלאים מהנמוך לגבוה, עד 2 אלקטרונים בכל אורביטל:

O22−:  σ2s2  σ2s∗2  σ2p2  π2p4  π2p∗4\text{O}_2^{2-}:\ \ \sigma_{2s}^2\ \ \sigma_{2s}^{*2}\ \ \sigma_{2p}^2\ \ \pi_{2p}^4\ \ \pi_{2p}^{*4}

(כולל אלקטרוני הפנים: 1s21s^2 בכל אטום.) שני האלקטרונים הנוספים משלימים את אורביטלי π2p∗\pi^*_{2p}, שבמולקולת O2\text{O}_2 היה בכל אחד מהם אלקטרון בודד; האורביטל σ2p∗\sigma^*_{2p} נשאר ריק.

(העשרה: סדר הקשר =8−62=1= \frac{8 - 6}{2} = 1 – קשר יחיד בין שני אטומי החמצן ביון.)

טעות נפוצה: להוסיף רק אלקטרון אחד (כמו ביון O2−\text{O}_2^-), או להשתמש בתרשים ב.

סעיף ה

תשובה:

אדום (630 nm630\ \text{nm}).

λ=cν=3.0⋅108 m/sec4.76⋅1014 sec−1=6.30⋅10−7 m=630 nm\lambda = \frac{c}{\nu} = \frac{3.0\cdot10^{8}\ \text{m/sec}}{4.76\cdot10^{14}\ \text{sec}^{-1}} = 6.30\cdot10^{-7}\ \text{m} = 630\ \text{nm}

לפי גלגל הצבעים, 630 nm630\ \text{nm} נמצא בתחום 622−780 nm622-780\ \text{nm}, ולכן האור הנבלע אדום.

טבלת התשובות
שאלהסעיףתשובה
1א i

בכל אחד מן הכלים A ו־B הלחץ ירד.

א ii

האנטרופיה של המערכת ירדה.

א iii

האנטרופיה של הסביבה עלתה.

ב i

[C2H6]=0.30 molL[\text{C}_2\text{H}_6] = 0.30\ \frac{\text{mol}}{\text{L}}

ב ii

Kc=[C2H6][C2H2]⋅[H2]2≈2.3 (Lmol)2K_c = \frac{[\text{C}_2\text{H}_6]}{[\text{C}_2\text{H}_2]\cdot[\text{H}_2]^2} \approx 2.3\ \left(\frac{\text{L}}{\text{mol}}\right)^2

ג

גרף I (בו Kc≈11K_c \approx 11, גדול מ־ Kc≈2.3K_c \approx 2.3 של גרף II).

ד

נמוך יותר – התגובה הישירה אקסותרמית, ובחימום שיווי המשקל נע לכיוון המגיבים (KcK_c קטן).

2א i

נכון.

א ii

לא נכון.

ב

SH2O20=110 JK⋅molS^0_{\text{H}_2\text{O}_2}=110\ \frac{\text{J}}{\text{K}\cdot\text{mol}}

ג i

אקסותרמית.

ג ii

ΔH(2)0≈−643 kJ\Delta H^0_{(2)}\approx -643\ \text{kJ}

ג iii

ΔSמערכת0=606 JK\Delta S^0_{מערכת}=606\ \frac{\text{J}}{\text{K}}

ג iv

ΔSיקום0=606+2158=2764 JK>0\Delta S^0_{יקום}=606+2158=2764\ \frac{\text{J}}{\text{K}}>0, ולכן התגובה ספונטנית.

ד

ΔHf0(H2O2(l))≈−188 kJmol\Delta H^0_f(\text{H}_2\text{O}_{2(l)})\approx -188\ \frac{\text{kJ}}{\text{mol}}

ה

דיאגרמה I.

3א i

שלושת הפולימרים – PE, PMMA ו-PVF – הוכנו בפלמור סיפוח.

א ii

PE: CH2=CH2\text{CH}_2=\text{CH}_2; PMMA: CH2=C(CH3)−COOCH3\text{CH}_2=\text{C}(\text{CH}_3)-\text{COOCH}_3; PVF: CH2=CHF\text{CH}_2=\text{CHF}

ב a

נכון.

ב b

לא נכון.

ג i

ב-PMMA קבוצות צדדיות גדולות (−CH3-\text{CH}_3 ו-−COOCH3-\text{COOCH}_3 על אותו אטום פחמן) מפריעות לסיבוב סביב הקשרים בשדרה, וקבוצת האסטר הקוטבית יוצרת משיכות דו-קוטב בין השרשרות; ב-PE אין קבוצות צדדיות.

ג ii

ב-PVF קשרי C−F\text{C}-\text{F} קוטביים יוצרים משיכות דו-קוטב–דו-קוטב בין השרשרות; ב-PE (לא קוטבי) יש רק כוחות ואן דר ואלס, חלשים יותר.

ד

ל-PE – בין שרשרותיו משיכות ואן דר ואלס חלשות בלבד והוא מעל ה-Tg שלו, ולכן המקטעים האמורפיים ניידים ונפתחים רווחים שדרכם עובר הגז; ב-PVF משיכות דו-קוטב מחזיקות את השרשרות צמודות.

ה

PMMA בטמפרטורת החדר נמצא מתחת ל-Tg שלו (105∘105^\circC) – במצב זגוגי, קשיח ושביר; PE נמצא הרבה מעל ה-Tg שלו (−120∘-120^\circC) – המקטעים באזורים האמורפיים ניידים, והחומר גמיש ובולע את המכה.

ו

למשל: −CH2−CH2−CH2−C(CH3)(COOCH3)−CH2−CH2−CH2−CH2−CH2−C(CH3)(COOCH3)−CH2−C(CH3)(COOCH3)−CH2−CH2−-\text{CH}_2-\text{CH}_2-\text{CH}_2-\text{C}(\text{CH}_3)(\text{COOCH}_3)-\text{CH}_2-\text{CH}_2-\text{CH}_2-\text{CH}_2-\text{CH}_2-\text{C}(\text{CH}_3)(\text{COOCH}_3)-\text{CH}_2-\text{C}(\text{CH}_3)(\text{COOCH}_3)-\text{CH}_2-\text{CH}_2-

4א i

PEN (1), PTT (2) וניילון 6,10 (3).

א ii

(1) HO−CH2−CH2−OH\text{HO}-\text{CH}_2-\text{CH}_2-\text{OH} + HOOC−C10H6−COOH\text{HOOC}-\text{C}_{10}\text{H}_6-\text{COOH}; (2) HO−(CH2)3−OH\text{HO}-(\text{CH}_2)_3-\text{OH} + HOOC−C6H4−COOH\text{HOOC}-\text{C}_6\text{H}_4-\text{COOH}; (3) H2N−(CH2)6−NH2\text{H}_2\text{N}-(\text{CH}_2)_6-\text{NH}_2 + HOOC−(CH2)8−COOH\text{HOOC}-(\text{CH}_2)_8-\text{COOH}

ב i

ב- PEN טבעת נפתלן גדולה, קשיחה ושטוחה וקטע (CH2)2(\text{CH}_2)_2 קצר – השרשרת קשיחה יותר, נארזת במסודר, ובין מערכות הטבעות כוחות ואן דר ואלס חזקים יותר; ב- PTT טבעת בנזן אחת וקטע (CH2)3(\text{CH}_2)_3 גמיש יותר.

ב ii

שני גורמים מנוגדים מתקזזים: לניילון 6,10 קשרי מימן חזקים אך שרשרת גמישה; ל- PTT אין קשרי מימן אך עמוד שדרה קשיח עם טבעות בנזן.

ג i

על כל פחמן שני בעמוד השדרה קבוצה צדדית טבעתית גדולה – היא מגבילה את הסיבוב סביב הקשרים בעמוד השדרה; בנוסף, קבוצות C=O\text{C}=\text{O} הקוטביות יוצרות אינטראקציות דו-קוטב בין השרשרות.

ג ii

הקבוצות הצדדיות הגדולות פונות לכיוונים שונים באופן לא סדיר לאורך השרשרת ומרחיקות את השרשרות – הן אינן נארזות במסודר, ואין אזורים גבישיים.

ג iii

TmT_m מאפיינת את האזורים הגבישיים; ב- PVP האמורפי אין אזורים גבישיים, ולכן אין לו טמפרטורת היתוך מוגדרת.

ד

האינטראקציות דו-קוטב–דו-קוטב בין קבוצות C=O\text{C}=\text{O} הקוטביות שבקבוצות הצדדיות של שרשרות סמוכות (או: הקבוצה הצדדית הגדולה) – הן מגבילות את תנועת קטעי השרשרת, TgT_g (175ºC) גבוה מטמפרטורת החדר, והפולימר במצב זגוגי.

ה

בפולימר (6) אין אטום H הקשור ל- O – אין קשרי מימן בין הקבוצות הצדדיות של שרשרות סמוכות, רק אינטראקציות דו-קוטב ו-ואן דר ואלס, חלשות יותר; קטעי השרשרת נעים בטמפרטורה נמוכה יותר.

5א i

(σ1s)2 (σ1s∗)1(\sigma_{1s})^2\,(\sigma^*_{1s})^1

א ii

He2+\text{He}_2^+ יציב יותר (סדר קשר 0.50.5 לעומת 0).

ב i

(σ1s)2(σ1s∗)2(σ2s)2(σ2s∗)2(π2p)3(σ2p)1(\sigma_{1s})^2(\sigma^*_{1s})^2(\sigma_{2s})^2(\sigma^*_{2s})^2(\pi_{2p})^3(\sigma_{2p})^1

ב ii

HOMO – רמת σ2p\sigma_{2p} ; LUMO – רמת π2p∗\pi^*_{2p}.

ג i

E≈3.64⋅10−19 JE \approx 3.64\cdot10^{-19}\ \text{J}

ג ii

כן: λ≈437 nm\lambda \approx 437\ \text{nm} – אור סגול, והצבען הצהוב בולע את הצבע המשלים לצהוב – סגול.

ד i

בשני הגבישים פס הערכיות מלא ופס ההולכה ריק; כדי להוליך אלקטרונים צריכים לעבור את הפער. בגרמניום הפער קטן יותר, ולכן בטמפרטורת החדר יותר אלקטרונים מקבלים אנרגייה מספקת לעבור לפס ההולכה (ונוצרים יותר ״חורים״) – יותר נושאי מטען ומוליכות גבוהה יותר.

ד ii

I – גביש גרמניום טהור ; II – גביש מגנזיום ; III – גביש יהלום .

6א i

ירוק.

א ii

קטן יותר ב- B.

א iii

אדום.

א iv

ירוק.

ב

היגד (1).

ג i

ספקטרום II.

ג ii

כחול.

ג iii

E=3.21⋅10−19 JE = 3.21\cdot10^{-19}\ \text{J} (2.00 eV2.00\ \text{eV})

ד

O: 1s2 2s2 2p41s^2\,2s^2\,2p^4; O22−\text{O}_2^{2-}: σ2s2 σ2s∗2 σ2p2 π2p4 π2p∗4\sigma_{2s}^2\,\sigma_{2s}^{*2}\,\sigma_{2p}^2\,\pi_{2p}^4\,\pi_{2p}^{*4} (14 אלקטרוני ערכיות).

ה

אדום (630 nm630\ \text{nm}).

כל האתר במבט אחד

קיצורי דרך לכל הכלים, הבגרויות והקורסים

GuyAI הוא המורה הפרטי המתקדם בישראל, המבוסס על מודלי הבינה המלאכותית החזקים בעולם בשילוב הידע הפדגוגי של GOOL. המערכת מספקת פתרונות לכל המקצועות ולכל הרמות - מיסודי ועד אקדמיה, וממתמטיקה ועד היסטוריה.